Aufgaben:Aufgabe 3.1Z: Frequenzgang des Koaxialkabels

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Einige Koaxialkabeltypen

Ein so genanntes Normalkoaxialkabel mit dem Kerndurchmesser  $2.6 \ \rm mm$, dem Außendurchmesser  $9.5 \ \rm mm$  und der Länge  $l$  besitzt den folgenden Frequenzgang:

$$H_{\rm K}(f) \ = \ {\rm e}^{- \alpha_0 \hspace{0.05cm} \cdot \hspace{0.05cm} l} \cdot

 {\rm e}^{- \alpha_1  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}f}  \cdot
 {\rm e}^{- \alpha_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}  \cdot 
 {\rm e}^{- {\rm j} \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_1  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} l \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}f}  \cdot
 {\rm e}^{- {\rm j} \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}   \hspace{0.05cm}.$$

Die Dämpfungsparameter  $\alpha_0$,  $\alpha_1$  und  $\alpha_2$  sind in Neper  $(\rm Np)$, die Phasenparameter  $\beta_1$  und  $\beta_2$  in Radian  $(\rm rad)$  einzusetzen. Es gelten folgende Zahlenwerte:

$$\alpha_0 = 0.00162 \hspace{0.15cm}\frac{\rm Np}{\rm km} \hspace{0.05cm},\hspace{0.2cm}

 \alpha_1 = 0.000435 \hspace{0.15cm}\frac{\rm Np}{\rm km\cdot{\rm MHz}} \hspace{0.05cm},
 \hspace{0.2cm}
 \alpha_2 = 0.2722 \hspace{0.15cm}\frac{\rm Np}{\rm km\cdot\sqrt{\rm MHz}} \hspace{0.05cm}.$$

Häufig verwendet man zur systemtheoretischen Beschreibung eines  linearen zeitinvarianten Systems  (LZI)

• die Dämpfungsfunktion $($in  $\rm Np$  bzw.  $\rm dB)$:

$$a_{\rm K}(f) = - {\rm ln} \hspace{0.10cm}|H_{\rm K}(f)|= - 20 \cdot {\rm lg} \hspace{0.10cm}|H_{\rm K}(f)|

   \hspace{0.05cm},$$

• die Phasenfunktion $($in  $\rm rad$ bzw. $\rm Grad)$:

$$b_{\rm K}(f) = - {\rm arc} \hspace{0.10cm}H_{\rm K}(f)

   \hspace{0.05cm}.$$

In der Praxis benutzt man häufig die Näherung

$$H_{\rm K}(f) =

 {\rm e}^{- \alpha_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}  \cdot
 {\rm e}^{- {\rm j} \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}\hspace{0.3cm}\Rightarrow \hspace{0.3cm} a_{\rm K}(f) = \alpha_2 \cdot l \cdot
 \sqrt{f}, \hspace{0.2cm}b_{\rm K}(f) = a_{\rm K}(f) \cdot
 \frac{\rm rad}{\rm Np}\hspace{0.05cm}.$$

Dies ist erlaubt, da  $\alpha_2$  und  $\beta_2$  genau den gleichen Zahlenwert besitzen – nur unterschiedliche Pseudoeinheiten. Mit der Definition der  charakteristischen Kabeldämpfung  (in Neper bzw. Dezibel)

$$a_{\rm * (Np)} = a_{\rm K}(f = {R_{\rm B}}/{2}) = 0.1151 \cdot a_{\rm * (dB)}$$

lassen sich zudem Digitalsysteme mit unterschiedlicher Bitrate  $R_{\rm B}$  und Kabellänge  $l$  einheitlich behandeln.

Hinweise:

• Die Aufgabe gehört zum Kapitel  Ursachen und Auswirkungen von Impulsinterferenzen.
• Bezug genommen wird insbesondere auf den Abschnitt  Signale, Basisfunktionen und Vektorräume.

Fragebogen

1 Welche Terme von  $H_{\rm K}(f)$  führen nicht zu Verzerrungen? Der

	$\alpha_0$–Term,
	$\alpha_1$–Term,
	$\alpha_2$–Term,
	$\beta_1$–Term,
	$\beta_2$–Term.

2 Welche Länge  $l_{\rm max}$  könnte ein solches Kabel besitzen, damit ein Gleichsignal um nicht mehr als  $1\%$  gedämpft wird?

$l_{\rm max} \ = \ $ $\ {\rm km} $

3 Welche Dämpfung $($in  $\rm Np)$  ergibt sich bei der Frequenz  $f = 70\,{\rm MHz}$, wenn die Kabellänge  $l = 2\,{\rm km}$  beträgt?

$a_{\rm K}(f = 70\,{\rm MHz})\ = \ $ $\ {\rm Np} $

4 Welche Dämpfung ergibt sich bei sonst gleichen Vorraussetzungen, wenn man nur den  $\alpha_2$–Term berücksichtigt?

$a_{\rm K}(f = 70\,{\rm MHz})\ = \ $ $\ {\rm Np} $

5 Wie lautet die Formel für die Umrechnung zwischen  $\rm Np$  und  $\rm dB$? Welcher  $\rm dB$–Wert ergibt sich für die unter (4) berechnete Dämpfung?

$a_{\rm K}(f = 70\,{\rm MHz})\ = \ $ $\ {\rm dB} $

6 Welche der Aussagen sind unter der Voraussetzung zutreffend, dass man sich bezüglich der Dämpfungsfunktion auf den  $\alpha_2$–Wert beschränkt?

	Man kann auch auf den Phasenterm  $\beta_1$  verzichten
	Mann kann auch auf den Phasenterm  $\beta_2$  verzichten
	$a_* ≈ 40\,{\rm dB}$  gilt für ein System mit  $R_{\rm B} = 70\,{\rm Mbit/s}$  und  $l = 2\,{\rm km}$.
	$a_* ≈ 40\,{\rm dB}$  gilt für ein System mit  $R_{\rm B} = 140\,{\rm Mbit/s}$  und  $l = 2\,{\rm km}$.
	$a_* ≈ 40\,{\rm dB}$  gilt für ein System mit  $R_{\rm B} = 560\,{\rm Mbit/s}$  und  $l = 1\,{\rm km}$.

Musterlösung

Musterlösung

(1)  Richtig sind die Lösungsvorschläge 1 und 4:

• Der $\alpha_0$–Term bewirkt nur eine frequenzunabhängige Dämpfung und der $\beta_1$–Term (lineare Phase) eine frequenzunabhängige Laufzeit.
• Alle anderen Terme tragen zu den (linearen) Verzerrungen bei.

(2)  Mit $a_0 = \alpha_0 \cdot l$ muss folgende Gleichung erfüllt sein:

$${\rm e}^{- a_0 } \ge 0.99

 \hspace{0.3cm} \Rightarrow \hspace{0.3cm}a_0 < {\rm ln}
 \hspace{0.10cm}\frac{1}{0.99}\approx 0.01\,\,{\rm (Np)}
 \hspace{0.05cm}.$$

Damit erhält man für die maximale Kabellänge

$$l_{\rm max} = \frac{a_0 }{\alpha_0 } = \frac{0.01\,\,{\rm Np}}{0.00162\,\,{\rm Np/km}}\hspace{0.15cm}\underline {\approx 6.173\,\,{\rm km}}

 \hspace{0.05cm}.$$

(3)  Für den Dämpfungsverlauf gilt bei Berücksichtigung aller Terme:

$$a_{\rm K}(f) \ = \ [\alpha_0 + \alpha_1 \cdot f + \alpha_2 \cdot

 \sqrt{f}\hspace{0.05cm}] \cdot l =  [0.00162 + 0.000435  \cdot 70 + 0.2722   \cdot \sqrt{70}\hspace{0.05cm}]\, \frac{\rm Np}{\rm km} \cdot 2\,{\rm km} = \hspace{0.15cm}\underline {= 4.619\, {\rm Np}}\hspace{0.05cm}.$$

(4)  Entsprechend der Berechnung bei Punkt (3) erhält man hier den Dämpfungswert $\underline {4.555\,{\rm Np}}$.

(5)  Für eine jede positive Größe $x$ gilt:

$$x_{\rm Np} = {\rm ln} \hspace{0.10cm} x = \frac{{\rm lg} \hspace{0.10cm} x}{{\rm lg} \hspace{0.10cm} {\rm e}}

 =   \frac{1}{{20 \cdot \rm lg} \hspace{0.10cm} {\rm e}} \cdot
 (20 \cdot {\rm lg} \hspace{0.10cm} x) = 0.1151 \cdot x_{\rm dB}\hspace{0.3cm} \Rightarrow \hspace{0.3cm} x_{\rm dB} = 8.686 \cdot x_{\rm
Np}\hspace{0.05cm}.$$

Der Dämpfungswert $4.555\,{\rm Np}$ ist somit identisch mit $39.57$.

(6)  Richtig sind die Lösungsvorschläge 1, 4 und 5:

• Mit der Beschränkung auf den Dämpfungsterm mit $\alpha_2$ gilt für den Frequenzgang:

$$H_{\rm K}(f) =

 {\rm e}^{- \alpha_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}  \cdot
 {\rm e}^{- {\rm j} \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_1  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} l \hspace{0.05cm}\cdot f}  \cdot
 {\rm e}^{- {\rm j} \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l\hspace{0.05cm}\hspace{0.05cm}\cdot
 \sqrt{f}}   \hspace{0.05cm}.$$

• Verzichtet man auf den $\beta_1$–Phasenterm, so ändert sich bezüglich der Verzerrungen nichts. Lediglich die Phasen– und Gruppenlaufzeit würden (beide gleich) um den Wert $\tau_1 = (\beta_1 \cdot l)/2\pi$ kleiner.
• Verzichtet man auf den $\beta_2$–Term, so ergeben sich dagegen völlig andere Verhältnisse:

Der Frequenzgang $H_{\rm K}(f)$ erfüllt nun nicht mehr die Voraussetzung eines kausalen Systems; bei einem solchen muss $H_{\rm K}(f)$ minimalphasig sein.

Die Impulsantwort $h_{\rm K}(t)$ ist bei reellem Frequenzgang symmetrisch um $t = 0$, was nicht den Gegebenheiten entspricht.

• Deshalb ist als eine Näherung für den Koaxialkabelfrequenzgang erlaubt:

$$a_{\rm K}(f) = \alpha_2 \cdot l \cdot

 \sqrt{f}, \hspace{0.2cm}b_{\rm K}(f) = a_{\rm K}(f) \cdot
 \frac{\rm rad}{\rm Np}\hspace{0.05cm}.$$

• Das heißt: $a_{\rm K}(f)$ und $b_{\rm K}(f)$ eines Koaxialkabels sind formgleich und unterscheiden sich lediglich in ihren Einheiten.
• Bei einem Digitalsystem mit Bitrate $R_{\rm B} = 140\,{\rm Mbit/s}$ ⇒ $R_{\rm B}/2 = 70\,{\rm Mbit/s}$ und Kabellänge $l = 2\,{\rm km}$ gilt tatsächlich $a_* ≈ 40\,{\rm dB}$ (siehe Musterlösung zur letzten Teilaufgabe).
• Ein System mit vierfacher Bitrate ($R_{\rm B}/2 = 280\,{\rm Mbit/s}$) und halber Länge ($l = 1\,{\rm km}$) führt zur gleichen charakteristischen Kabeldämpfung.
• Dagegen gilt für ein System mit $R_{\rm B}/2 = 35\,{\rm Mbit/s}$ und $l = 2\,{\rm km}$:

$$a_{\rm dB} = 0.2722 \frac{\rm Np}{\rm km\cdot \sqrt{\rm MHz}} \cdot 2 \ \rm km \cdot \sqrt{35 \ \rm MHz} \cdot 8.6859 \frac{\rm dB}{\rm Np} ≈ 28 \ \rm dB.$$