Aufgaben:Aufgabe 2.3: cos- und sin-Anteil: Unterschied zwischen den Versionen
David (Diskussion | Beiträge) (Die Seite wurde neu angelegt: „ {{quiz-Header|Buchseite=*Buch*/*Kapitel* }} [[Datei: P_ID278__Sig_A_2_3.png|250px|right|Spektrum von Cosinus- und Sinusanteilen (Aufgabe A2.3)]] Gegeben ist…“) |
David (Diskussion | Beiträge) |
||
Zeile 51: | Zeile 51: | ||
'''3.''' Für das Ausgangssignal $y(t)$ des Differenzierers gilt: | '''3.''' Für das Ausgangssignal $y(t)$ des Differenzierers gilt: | ||
− | $$y(t)=\frac{1}{\omega_1}\cdot\frac{{\rm d}x(t)}{{\rm d}t}=\frac{{\rm -2V}}{\omega_1}\cdot\omega_1 \cdot (-\sin(\omega_1 t))+\frac{\rm 4V}{\omega_1}\cdot 2.5\omega_1\cdot {\rm cos}(2.5\omega_1t).$$ | + | $$y(t)=\frac{1}{\omega_1}\cdot\frac{ {\rm d}x(t)}{{\rm d}t}=\frac{ {\rm -2V}}{\omega_1}\cdot\omega_1 \cdot (-\sin(\omega_1 t))+\frac{\rm 4V}{\omega_1}\cdot 2.5\omega_1\cdot {\rm cos}(2.5\omega_1t).$$ |
Dies führt zum Ergebnis: | Dies führt zum Ergebnis: |
Version vom 11. April 2016, 01:40 Uhr
[[Datei: P_ID278__Sig_A_2_3.png|250px|right|Spektrum von Cosinus- und Sinusanteilen (Aufgabe A2.3)]]
Gegeben ist das Amplitudenspektrum $X(f)$ eines Signals $x(t)$. Die Normierungsfrequenz sei $f_1 = 4$ kHz. Damit liegen die Frequenzen der Signalanteile bei 0 kHz, 4 kHz und 10 kHz (siehe Grafik). Dieses Signal $x(t)$ liegt am Eingang eines linearen Differenzierers, dessen Ausgang wie folgt dargestellt werden kann ($\omega_1 = 2\pi f_1$):
$$y(t)=\frac{1}{\omega_1}\cdot\frac{\rm d \it x(t)}{\rm d \it t}.$$
Fragebogen
Musterlösung
$$x(t)=\rm 3V-2V\cdot \cos(\it \omega_{\rm 1} t)+\rm 4V\cdot \sin(2.5\omega_{\rm 1} \it t).$$
Hierbei bezeichnet $\omega_1 = 2\pi f_1$ die Kreisfrequenz des Cosinusanteils. Zum Zeitpunkt $t = 0$ hat das Signal den Wert 1V.
2. Die Grundfrequenz $f_0$ ist der kleinste gemeinsame Teiler von $f_1 = 4$ kHz und 2.5 · $f_1$ = 10 kHz. Daraus folgt $f_0$ = 2 kHz und $T_0$ = $1/f_0$ = 0.5 ms.
3. Für das Ausgangssignal $y(t)$ des Differenzierers gilt:
$$y(t)=\frac{1}{\omega_1}\cdot\frac{ {\rm d}x(t)}{{\rm d}t}=\frac{ {\rm -2V}}{\omega_1}\cdot\omega_1 \cdot (-\sin(\omega_1 t))+\frac{\rm 4V}{\omega_1}\cdot 2.5\omega_1\cdot {\rm cos}(2.5\omega_1t).$$
Dies führt zum Ergebnis:
$$y(t)={\rm 2V}\cdot\sin(\omega_1 t)+{\rm 10V}\cdot\cos(2.5\omega_1 t).$$
Für den Nullzeitpunkt ergibt sich der Wert 10 V. Nebenstehend sehen Sie das Spektrum $Y(f)$.
4. Die Periodendauer $T_0$ wird durch die Amplitude und die Phase der beiden Anteile nicht verändert. Das bedeutet, dass weiterhin $T_0$ = 0.5 ms gilt. Der Gleichanteil verschwindet aufgrund der Differentiation. Der Anteil bei $f_1$ ist sinusförmig. Somit hat $X(f)$ einen (imaginären) Dirac bei $f = f_1$, jedoch mit negativem Vorzeichen. Der Cosinusanteil mit der Amplitude 10 V hat die beiden Diracfunktionen bei $\pm 2.5 \cdot f_1$ zur Folge, jeweils mit dem Gewicht 5 V. Richtig sind somit die Lösungsvorschläge 1 und 4.