Aufgaben:Aufgabe 1.3: Rechteckfunktionen für Sender und Empfänger

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Drei verschiedene Systemkonzepte

Wir betrachten hier drei Varianten eines binären bipolaren AWGN–Übertragungssystems,  die sich hinsichtlich des Sendegrundimpulses  $g_{s}(t)$  sowie der Impulsantwort  $h_{\rm E}(t)$  des Empfangsfilters unterscheiden:

• Beim  $\text{System A}$  sind sowohl  $g_{s}(t)$  als auch  $h_{\rm E}(t)$  rechteckförmig,  lediglich die Impulshöhen  $(s_{\rm 0}$  bzw.  $1/T)$  sind unterschiedlich.
• Das  $\text{System B}$  unterscheidet sich vom  $\text{System A}$  durch einen dreieckförmigen Sendegrundimpuls mit  $g_{s}(t=0) = s_{\rm 0}$.
• Das  $\text{System C}$  hat den gleichen Sendegrundimpuls wie  $\text{System A}$,  während die Impulsantwort  $h_{\rm E}(t=0) = 1/T$  dreieckförmig verläuft.

Die absolute Breite der hier betrachteten Rechteck– und Dreieckfunktionen beträgt jeweils  $T = 10 \ \rm µ s$.  Die Bitrate ist  $R = 100 \ \rm kbit/s$.  Die weiteren Systemparameter sind wie folgt gegeben:

$$s_0 = 6 \,\,\sqrt{W}\hspace{0.05cm},\hspace{0.3cm} N_{\rm 0} = 2 \cdot 10^{-5} \,\,{\rm W/Hz}\hspace{0.05cm}.$$

Hinweise:

• Die Aufgabe gehört zum Kapitel  "Fehlerwahrscheinlichkeit bei Basisbandübertragung".

• Zur Bestimmung von Fehlerwahrscheinlichkeiten können Sie das interaktive Applet  "Komplementäre Gaußsche Fehlerfunktionen"  verwenden.

• Berücksichtigen Sie bei der Berechnung der Detektionsstörleistung das  Theorem von Wiener–Chintchine:

$$ \sigma _d ^2 = \frac{N_0 }{2} \cdot \int_{ - \infty }^{+ \infty } {\left| {H_{\rm E}( f )} \right|^2\hspace{0.1cm}{\rm{d}}f} = \frac{N_0 }{2} \cdot \int_{ -\infty }^{ + \infty } {\left| {h_{\rm E}( t )} \right|^2\hspace{0.1cm}{\rm{d}}t}\hspace{0.05cm}.$$

Fragebogen

1 Berechnen Sie für  $\text{System A}$  den Detektionsgrundimpuls  $g_{d}(t) = g_{ s}(t) \star h_{\rm E}(t)$.  Welcher Wert  $g_0 = g_{d}(t=0)$  ergibt sich zum Zeitpunkt  $t = 0$?

$g_0 \hspace{0.28cm} = \ $ $\ \rm W^{1/2}$

2 Berechnen Sie daraus die Detektionsstörleistung  $σ_{d}^2$.

$σ_{d}^{\hspace{0.02cm}2} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \rm W$

3 Welche Bitfehlerwahrscheinlichkeit  $p_{\rm B}$  ergibt sich somit für das  $\text{System A}$?

$p_{\rm B} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \cdot 10^{-9}$

4 Ermitteln Sie die entsprechenden Größen für das  $\text{System B}$ .

$g_0 \hspace{0.28cm} = \ $ $\ \rm W^{1/2}$

$σ_{d}^{\hspace{0.02cm}2} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \rm W$

$p_{\rm B} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \cdot 10^{-2}$

5 Wie lauten die Kenngrößen für das  $\text{System C}$ ?

$g_0 \hspace{0.28cm} = \ $ $\ \rm W^{1/2}$

$σ_{d}^{\hspace{0.02cm}2} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \rm W$

$p_{\rm B} \hspace{0.2cm} = \ $ $\ \cdot 10^{-7}$

Musterlösung

Musterlösung

1.  Beim  System A  führt die Faltung der beiden gleich breiten Rechteckfunktionen  $g_{s}(t)$  und  $h_{\rm E}(t)$  zu einem dreieckförmigen Detektionsgrundimpuls mit dem Maximum bei  $t = 0$:

$$g_d (t = 0) = \int_{ - T/2}^{+ T/2} { g_s(t) \cdot h_{\rm E}( t )} \hspace{0.1cm}{\rm{d}}t =s_0\cdot \frac{1 }{T} \cdot T = s_0 \hspace{0.1cm}\underline { = 6 \,\,\sqrtVorlage:\rm W}\hspace{0.05cm}.$$

Es gibt keine Impulsinterferenzen,  da für  $| t |\ge T$  der Detektionsimpuls  $g_{d}(t) = 0$   ist.

2.  Die Varianz des Detektionsstörsignals – hier als Detektionsstörleistung bezeichnet – kann sowohl im Zeit– als auch im Frequenzbereich berechnet werden.

• Bei der vorliegenden Rechteckform führt die Berechnung im Zeitbereich schneller zum Ergebnis:

$$\sigma _d ^2 \ = \ \frac{N_0 }{2} \cdot \int_{ -\infty }^{ + \infty } {\left| {h_{\rm E}( t )} \right|^2\hspace{0.1cm}{\rm{d}}t} =\frac{N_0 }{2} \cdot \int_{ -T/2 }^{ + T/2 } {\left| {h_{\rm E}( t )} \right|^2\hspace{0.1cm}{\rm{d}}t} = \ \frac{N_0 }{2} \cdot\frac{1}{T^2} \cdot T = \frac{N_0 }{2T} = \frac{2 \cdot 10^{-5}\,\,{\rm W/Hz}}{2 \cdot 10^{-5} \,\,{\rm s}} \hspace{0.1cm}\underline {= 1\,{\rm W}}\hspace{0.05cm}.$$

• Die Frequenzbereichsberechnung würde mit  $H_{\rm E}(f) = {\rm si}(πfT)$  wie folgt aussehen:

$$\sigma _d ^2 = \frac{N_0 }{2} \cdot \int_{ - \infty }^{+ \infty } {\left| {H_{\rm E}( f )} \right|^2\hspace{0.1cm}{\rm{d}}f} = \frac{N_0 }{2} \cdot \int_{-\infty }^{ \infty } {\rm si}^2(\pi f T)\hspace{0.1cm}{\rm{d}}f =\frac{N_0 }{2T} \hspace{0.05cm}.$$

3.  Aufgrund der zeitlich begrenzten Impulsform  (das bedeutet: keine Impulsinterferenzen!)  ergibt sich bei der hier vorausgesetzten bipolaren Betrachtungsweise:

$$p_{\rm B} = {\rm Q} \left( \frac{s_0}{\sigma_d}\right)= {\rm Q} \left( \frac{ 6 \,\sqrt{\rm W}}{1 \,\sqrt{\rm W}}\right)= {\rm Q}(6) \hspace{0.1cm}\underline {= 0.987 \cdot 10^{-9}} \hspace{0.05cm}.$$

System A stellt die Matched–Filter–Realisierung des optimalen Binärempfängers dar,  so dass auch folgende Gleichungen anwendbar wären:

$$E_{\rm B} = s_0^2 \cdot T = 36\, {\rm W} \cdot 10^{-5} {\rm s}\hspace{0.3cm}\Rightarrow \hspace{0.3cm} p_{\rm B} = {\rm Q} \left( \sqrt{\frac{2 \cdot E_{\rm B}}{N_0}}\right)={\rm Q} \left( \sqrt{\frac{2 \cdot 36 \cdot 10^{-5}\,\, {\rm Ws}}{2 \cdot 10^{-5} \,\, {\rm Ws}}}\right)={\rm Q}(6)\hspace{0.05cm}.$$

4.  Da bei  System B  das gleiche Empfangsfilter wie bei  System A  verwendet wird,  erhält man auch die gleiche Detektionsstörleistung  $σ_{d}^2 = 1 \ \rm W$.

• Der Detektionsgrundimpuls ist nun aber nicht mehr dreieckförmig,  sondern weist eine spitzere Form auf.  Zum Zeitpunkt  $t = 0$  gilt:

$$g_d (t = 0) = \frac{1}{T} \cdot \int_{ - T/2}^{+ T/2} { g_s(t) } \hspace{0.1cm}{\rm{d}}t = \frac{1}{T} \cdot\frac{s_0 }{2} \cdot T = \frac{s_0 }{2}\hspace{0.1cm}\underline {= 3 \,\,\sqrt{\rm W}}\hspace{0.05cm}.$$

• Auch das  System B  ist impulsinterferenzfrei.  Man erhält deshalb für die Bitfehlerwahrscheinlichkeit:

$$p_{\rm B} = {\rm Q} \left( \frac{g_d (t = 0)}{\sigma_d}\right)= {\rm Q} \left( \frac{ 3 \,\sqrt{\rm W}}{1 \,\sqrt{\rm W}}\right)= {\rm Q}(3) \hspace{0.1cm}\underline {= 0.135 \cdot 10^{-2}} \hspace{0.05cm}.$$

• Nicht anwendbar ist dagegen hier der folgende Rechengang:

$$E_{\rm B} = \int^{+\infty} _{-\infty} g_s^2(t)\,{\rm d}t = 2\cdot s_0^2 \cdot \int ^{+T/2} _{0} \left( 1- \frac{2t}{T}\right)^2\,{\rm d}t = \frac{s_0^2 \cdot T }{3} = 12 \cdot 10^{-5} \,{\rm Ws}$$

$$\Rightarrow \hspace{0.3cm} p_{\rm B} = {\rm Q} \left( \sqrt{\frac{2 \cdot E_{\rm B}}{N_0}}\right)={\rm Q} \left( \sqrt{12}\right)={\rm Q}(3.464) \approx 3 \cdot 10^{-4}\hspace{0.05cm}.$$

• Man würde so eine zu niedrige Bitfehlerwahrscheinlichkeit berechnen,  da die implizit getroffene Annahme eines angepassten Filters nicht zutrifft.

5.  Bei rechteckförmigem Sendegrundimpuls und dreieckförmiger Impulsantwort   ⇒   System C  erhält man den gleichen Detektionsgrundimpuls wie bei dreieckförmigem  $g_{\rm s}(t)$  und  rechteckförmigem $h_{\rm E}(t)$.

• Wie beim  System B  gilt deshalb:

$$g_d (t = 0) = \frac{s_0}{2}\hspace{0.1cm}\underline {= 3 \,\,\sqrt{\rm W}}\hspace{0.05cm}.$$

• Dagegen ist nun die Detektionsstörleistung kleiner als bei den Systemen  A  und  B:

$$\sigma _d ^2 = \frac{N_0}{2} \cdot \frac{1}{T^2} \cdot \int^{+T/2} _{-T/2} \left( 1- \frac{2t}{T}\right)^2\,{\rm d}t = \frac{N_0}{6T}\hspace{0.1cm}\underline { = 0.333 \,{\rm W}}.$$

• Damit erhält man nun für die Bitfehlerwahrscheinlichkeit:

$$p_{\rm B} = {\rm Q} \left( \frac{ 3 \,\sqrt{\rm W}}{0.577 \,\sqrt{\rm W}}\right)\approx {\rm Q}(5.2)\hspace{0.1cm}\underline { \approx 10^{-7} } \hspace{0.05cm}.$$

• Der gegenüber Teilfrage  (3)  erkennbare Anstieg der Fehlerwahrscheinlichkeit um etwa den Faktor  $100$  ist auf die gravierende Fehlanpassung gegenüber dem Matched–Filter zurückzuführen.  Die Verbesserung gegenüber Teilaufgabe (4) geht auf die höhere Signalenergie zurück.